Skrypt PKM 1 00012

24

Rozwiązanie

Sprawdzamy możliwość zamienności całkowitej

Ta + Tb + 2Tc + Td+Te = 02S [mm].

co przekracza    = 0,1, stąd zamienność całkowita jest niemożliwa.

Obliczmy wymiar wypadkowy X dla przyjętej dokładności

X_ma = Ba - Ab - 2 Ac - Ad = (200 + 0,08) - 10- 30- 150= 10.8

(1.21)

X_a^ = Aa-Bb-2Bc-Bd = m~ (10 + 0,03) - 2(15 + 0,01) --(150+ 0.07) = 9.88.

X możemy traktować jako wymiar X = 10:8;?!=%, z którym współpracować ma wymiar e = IÓ£* wykonany w kilku wariantach. Oczywiście, że tolerancję wymiaru X możemy podzielić jedynie metodą pomiaru. Ilość grup obliczymy z zależności

_    2 T2T - n + 1    . .    42    „

7X>-. co daje    (1.22)

n    12

Przyjmujemy n = 4, a wartość tolerancji w grupach TX' = Te' —

= ——co daje w poszczególnych grupach 0,04, 0,04, 0,04, 0,05 n    4

[mm]. Po obliczeniu

G, = G_s-T‘ - L= 0,08 - 0,04 - 0,1 = -0,06, F_t = G,- T₂ = -0,06 - 0,2 = -0,26.

Dalsze obliczenia wykonano w tabl. 1.2. Podkreślone w niej wielkości obliczono wg (1.21) i (1.23), pozostałe uzupełniono formaJnic, znając tolerancje w poszczególnych grupach wyliczone wyżej.

Przedstawiona tablica spełnia warunki zadania. Wymiar e należy wykonać w n = 4 wariantach o odchyłkach obliczonych w tablicy 1.2. Pomiaru wymiaru x dokonujemy czujnikiem z zaznaczonymi polami odpowiednio dla odchyłek każdej grupy i montujemy formalnie element o wymiarze e z odpowiedniej grupy

25

Tablica 1.2

Nr grupy	Odchyłki wymiaru zmierzonego x- 10	Odchyłki wykonawcze wymiaru e * 10	Luzy graniczne w grupie
1	G. - 0,08	G.- -0.06	L_, =» 0.18
	F. - 0.04	F,--0,10	^-wo
2	G, - 0.03	o. - -0.11
	F, - -0.01	F,- -0,15	— 0,10
3	G, - -ao2	G, - -0,15	ar 0,18
	F,- -0.06	F. - -0,20	- 0,10
4	gm - -0.07	G.- —0J2A	L... = °-19
	1 1 p n*	P, = -0,26	r- l i

Odpowiedź:

Dla odpowiednio zmierzonych wymiarów x = lO+olol. lO-oloi. lO ^oi. 10:8:?2 dopasować tulejki odpowiednio o wymiarach e = 10T§;?g, 10:8;{3* 10-olio. 10:8:li. Usprawnienie pomiaru oraz formalny montaż (bez dopasowywania) umożliwia szybkie wykonanie operacji montażu w produkcji średnioseryj-nej.

Zadań ic 1.11

Otwory w tulejkach łańcucha oraz sworznie łańcucha o wymiarze nominalnym 10 [mm] wykonuje się w klasie JT8. Przeprowadzić selekcję na n grup wymiarowych, tak aby w każdej grupie uzyskać luzy odpowiadające pasowaniu 010 H5//5 o luzach L = (13 -r- 25) [pm]. Tolerancja dla klasy JT 8 i wymiaru nominalnego 10 [mm] wynosi 36 pm; ponadto przyjąć, że produkcja elementów jest masowa.

Rozwiązanie

Przyjmiemy dla danych zadania wykonanie sworzni metodą kalibrowania jako d = 10 /18 = 10_₀₍₀j6» a otwory wykonywać będziemy specjalnymi narzędziami D = 10£®, tak że G₀ - F₀ = 36 pm. Ilość grup selekcyjnych obliczymy z zależności

TD = 36 pm. TL =»    — L_mln = 12 pm.

(124)

Wyszukiwarka

Podobne podstrony:
Skrypt PKM 1 00006 12 Rozwiązanie całego zadania jest jednak nieoznaczone, gdyż oprócz równaó (1.2),
Skrypt PKM 1 00086 172 172 2) sprawdzić naprężenia zastępcze w śrubie przy jej dokręcaniu przyjmując
Skrypt PKM 1 00135 270 Rozwiązanie Zgodnie z warunkami zadania układ napędowy można przedstawić za p
Skrypt PKM 1 00138 276 Rozwiązanie Równania dynamiki Ji Pi + c(ę>j - <p2) + B{(pi - (pi) = 0,
Skrypt PKM 2
24 254 254 (5.79), -_--OZiKj,K, C?-i ,, ATr A „,9j Vc j Fi j >Vi Dla przyjętych mate
Skrypt PKM 1 00067 134 Rozwiązanie Gdy sworzcń pasowany jest ciasno, liczymy średnicę d /. warunkiem
16164 Skrypt PKM 1 00032 64 Rozwiązanie Maksymalna wartość momentu zginającego w przekroju B-B wynos
16826 Skrypt PKM 1 00074 148 Rozwiązanie S = M, a>,, O), = O) i,n-TT W=30^ M, = OJQdltg(y + p ).

więcej podobnych podstron