2011 12 19";58;444
• dla u;<0.1 = 10 1 Lm(u)£z'2Qlogl0 + 20log'i/i — 2Qlog\fi = 20dJ3
• d|au><l = 10° Lm(uj)zit20logl0+2Qlog\/i~-2Qlog\J(l0uj)2 =
= 20 db + OdB —[20%^ + 20/op^] = - 20%u;
• dla ^>1 = 10° Lm(w)« 20toff 10 + 20- 7Qfog\/(10w)2 =
= 20d& + 20 log\fcź -[20logsf\tf + 20log\[wi] = OdB
Do <p(w) najlepiej podejść zdroworozsądkowo - na egzaminie się bałem, że to co mi wychodzi to herezje i nie narysowałem, ale to jest dobrze. A więc patrzymy na wykres funkcji y=arctg(x):
• Dla wartości x bliskich 0 zarówno arctgx jak i arctglOx będzie bliski 0, a więc (arctgx - arctglOx) też będzie ok. 0.
• Dla dużych wartości x mamy arctgx w przybliżeniu równy arctglOx, a więc (arctgx - arctgl0x) też będzie ok. 0.
• Gdzieś pomiędzy przegięciami funkcji Lm nasza funkcja "urośnie" do minus "iluś tam" stopni.
I
Wyszukiwarka
Podobne podstrony:
2011 12 19 ;58;442 En(s) = lim sE{s) = lims- «-+ o 1 10?2+S — lim 10^2+S o 5 10s2+
2011 12 19 ;58;443 Zadanie 5 Dla układu z zadania 4 zaprojektować korektor opóźniający, taki aby uch
2011 12 19 ;58;445 Teraz szukamy maksymalnej i minimalnej wartości na osi Re: • dla uj = 0 mamy: Re[
2011 12 19 ;58;446 T? k (f{u) = arctguT k — arctgui— Tk TT du>1+^ a2 Punkt
2011 12 19#;00;403 dla w < ^ dla u > ^ Charakterystyki logarytmiczne amplitudy I fazy dla nasz
2011 12 19 ;58;44 ^vccj>Jł -P0D5TBWy RUTOM«TyKl -EG10MIM Egzamin Podstaw Automatyki 19.06 2010Zad
więcej podobnych podstron